CORRIGÉ CARACTÉRISATION DES MATÉRIAUX ET MATÉRIAUX MÉTALLIQUES
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CORRIGÉ
CARACTÉRISATION DES MATÉRIAUX ET
MATÉRIAUX MÉTALLIQUES
Adnene TLILI
A.U. : 2014 / 2015
MINISTÈRE DE L’ENSEIGNEMENT SUPÉRIEUR ET DE LA RECHERCHE SCIENTIFIQUE
ISET — Nabeul Département Génie mécanique
ISET Nabeul, Département de Génie Mécanique TD Matériaux métalliques
TLILI A. 1
TD N°1 : Diagrammes binaires
Exercice N°2 :
1. L’axe horizontal du diagramme étant gradué en % molaire, il est aisé d’en déduire que
le composé MgxPby contient 33,3 % mol. de plomb et 66,4 % mol. de Mg., donc il
contient 2 fois plus d’atomes de Mg que d’atomes de Pb. Sa formule chimique est
donc Mg2Pb. De plus, ce composé n’accepte pas de variation de sa composition en
fonction de la température (ligne verticale sur le diagramme d’équilibre). C’est donc
un composé parfaitement stœchiométrique.
2. domaine 1 : α et Mg2Pb
domaine 2 : liquide et Mg2Pb
3. T=466°C
4.
5.
6. Il y a précipitation de phase MgxPby dans la phase α.
La phase α s’appauvrit en plomb (Pb).
Exercice N°3 :
1. Transformation péritectique.
2. P : (42,4% Ag ; T=1186°C)
3. Voir diagramme
4. Voir diagramme
5. Le comportement au refroidissement à vitesse lente de l’alliage 60% en masse de Ag.
T >Tc : L’alliage à l’état liquide de composition homogène (X = 60% en masse
de Ag).
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Tp< T < Tc : L’alliage est biphasé ( + liq )
T =1187°C X ( ) 10% Ag et X (L) =66,1%Ag.
T =1186°C : la transformation péritectique a lieu : L (N) + (M) )(P
X ( ) = 42,4% Ag.
X (L) =66,3% Ag : non transformé .
T =1185°C : X ( ) = 42,5% Ag.
X ( L) =66,4% Ag
TA< T < TB : Présence de phase (alliage monophasé)
T < TA : Présence de phase et phase (alliage biphasé)
T = 400°C : X ( ) =2% Ag
X ( ) = 90% Ag.
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TD N°2 : Diagramme Fer-Carbone
Exercice N°1:
Exercice N°2:
%20)( ferritef et %80)( perlitef
1. L’acier est hypoeutectoïde.
Appliquons la règle de segment inverse :
CXX
f ferrite %61,02,0008,077,0
77,00
0)(
La nuance de l’acier est C60
2. X()= 0,008% de carbone
%3,22008,077,0
60,077,0)(
ferritef
X(Perlite)= 0,77% de carbone
0,77% C 0,008% C X0 % C
Ferrite Perlite
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%7,77008,077,0
008,060,0)(
Perlitef
Exercice N°3:
1- Diagramme d’équilibre métastable.
3- Point E’ (0,77%C ; T = 727 °C), point eutectoïde.
Transformation eutectoïde.
[077 %C] Perlite ([0,022 %C] + Fe3C[6,67 %C]
Point E (4,3 %C ; T =1148 °C), point eutectique.
Transformation eutectique.
L [4,3%C] Lédéburite ( [2,ll %C] +Fe3C[6,67%C]
4- Alliage à 1,5 % de carbone.
On a la présence de deux phases [¨Perlite + Cimentite].
Appliquons la règle de segment inverse pour calculer la proportion de chacune
phase.
%62,8777,067,6
5,167,6)(
Perlitef
%38,1277,067,6
77,05,1)( 3
cFef
Le nom de l’alliage : acier hypereutectoïde.
Exercice N°4:
X0= 0,45 % de carbone.
T 1495 °C : présence de phase liquide contenant 0,45% de carbone.
T= 1495°C : apparition du premier germe d’austénite ().
1450 T 1495°C : Liq + (solide).
T= 1450°C : fin de solidification de l’austénite.
740 T 1450°C : unique solution solide (austénite).
727 T 740°C : présence de deux phases (austénite + ferrite).
T= 727°C : présence de trois phases (ferrite + austénite + Perlite [eut + Fe3C]).
T 727 °C : présence de deux phases (ferrite + Perlite).
6,67% C 0,77% C X0 = 1,5 % C
Perlite Fe3C
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TD N°3 : Diagramme TTT
Exercice N°2 :
1. Ac3=790°C donc Ta=790°C + 50 = 840°C
2. T = 650°C
3. La ferrite
4. 550 secondes
5. Ferrite + perlite
6. Ferrite + martensite
Exercice N°3 :
Traitements
thermiques
Microstructures
Martensite A. résiduelle Perlite Bainite
a 100%
b 75% 25%
c 37,5% 12,5% 50%
d 50% 50%
e 100%
f 37,5% 12,5% 50%
Exercice N°4 :
1. La température d’austénitisation, le temps de maintien, le milieu de refroidissement
(vitesse de refroidissement (TRC) ou température de maintien en dessous d'Ac1
(TTT)) ;
2. La nuance 38Cr4 est acier faiblement allié à 0.38% de carbone et 1% de chrome, la
nuance C42 est un acier non allié (acier au carbone) à 0.42% de carbone ;
3. D’une façon générale la forme et la position du diagramme TTT est fortement
dépendante de la teneur des éléments d’alliages et des conditions d’austénitisation ;
4. Pour la nuance C42 les domaines ferritique, perlitique et bainitique sont très proche de
l’axe des ordonnées ce qui offre des temps d’incubations très très courts, le domaine
bainitique et réduit. Pour la nuance 38Cr4 les différents domaines sont très décalés
vers la droite ce qui facilite le passage au domaine martensitique, le domaine
bainitique est large.
5.
a. à 400°C l’austénite se transforme en bainite avec une dureté 37HRC
b. à 700°C l’austénite se transforme en ferrite et perlite avec une dureté 83HRB
Exercice N°5 :
1. Ferrite + perlite
2. ≈16 HRC (la transformation est terminée à 100 s donc un retour à la température 20°C
ne change pas la microstructure)
3. T = 350°C, t ≥ 200 s, le constituant est la bainite
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TD N°4 : Diagramme TRC
Exercice N°1 :
1. Ac1 : la limite minimale d’existence de l’austénite ;
Ac3 : la limite maximale d’existence de la ferrite ;
Ms : le début de la transformation martensitique ;
M50 : 50% d’austénite se sont transformée en martensite ;
M90 : 90% d’austénite se sont transformée en martensite ;
2.
a. 2% ferrite + 80% bainite +18% martensite ;
b. Pourcentage massique d’austénite transformée respectivement en ferrite et en
bainite ;
Exercice N°2 :
1. La composition chimique est :
C% Mn% Si% S% P% Ni% Cr% Mo% Cu%
0,15 0,55 0,3 <0,01 0,013 1,38 0,82 0,09 0,11
Ta = 900°C
Ta = 30 min
2. VCT = 400 / (4 – 1) = 133.33 °C/s
3.
a. V1 = 18.18 °C/s
b. V2 = 1.57 °C/s
c. V3 = 0.80 °C/s
d. V4 = 0.08 °C/s
4.
e. Courbe 1 : 80% bainite + 20% martensite, 31 HRC
f. Courbe 2 : 40% ferrite + 60% bainite, 236 HV
g. Courbe 3 : 60% (ferrite+perlite) + 40% bainite, 213 HV
h. Courbe 4 : 90% (ferrite+perlite) + 10% bainite, 139 HV
5. La dernière courbe correspond à une structure 100% (ferrite + perlite) ;
Exercice N°3 :
1.
a. Le diagramme TRC de la nuance C30E ne présente pas un domaine bainitique
ni un domaine martensitique, pour toute les vitesses de refroidissement la
structure est de type ferrite + perlite.
b. Pour la nuance 50CrMo4 on voit les domaines ferritique, perlitique et
bainitique décalés vers la droite en dessous des quels se trouve le domaine
martensitique qui débute à la température Ms=290°C ;
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c. L’acier fortement allié X8Ni9 possède uniquement un domaine bainitique très
décalé vers la droite et un domaine martensitique (Ms=340°C) ;
Visiblement on peut constater aisément que le X8Ni9 possède la meilleure trempabilité en
suite on approuve aussi la bonne trempabilité du 50CrMo4. Le C30E est de très mauvaise
trempabilité au point qu’on peut le classer non trempant.
La très bonne trempabilité du X8Ni9 est manifestement due à la présence du 9% de nickel
aussi la présence du chrome et du molybdène dans le 50CrMo4 on favorisées sa trempabilité.
La mauvaise trempabilité du C30E est nécessairement due à l’absence des éléments d’alliage
et la teneur faible en carbone.
2.
a. VCT (X8Ni9) = 2.22 °C/s
b. VCT (50CrMo4) = 19.05 °C/s
c. Le diagramme TRC du C30E ne nous permet pas de calculer la VCT puisque
elle tend vers l’infini
En se basant sur les vitesses critiques de trempe des trois nuances on peut faire le classement
suivant en termes de trempabilité décroissance X8Ni9 > 50CrMo4 > C30E
Ce résultat vient consolider notre constatation faite à la question précédente.
Exercice N°4 :
1. Selon la désignation normalisée
a. 21CrMoV5-7 est un acier faiblement allié à 0.21% de carbone, 1.25% de
chrome, 0.8% de molybdène et quelque trace de vanadium ;
b. 16MnCr5 est un acier faiblement allié à 0.16% de carbone, 1.25% de
manganèse et quelque trace de chrome ;
2.
c. 21CrMoV5-7 : Ta= 975 °C, tm = 30 min
d. 16MnCr5 : Ta= 850 °C, tm = 30 min
3. La courbe conduisant à une dureté de 30 HRC pour le 16MnCr5 donne une structure
finale composée de :
35% ferrite + 47% bainite + 18% martensite
e. La courbe conduisant à une dureté de 20 HRC pour le 21CrMoV5-7 donne
une structure finale composée de :
60% ferrite + 40% bainite
4.
f. 21CrMoV5-7 : 300
700V = 0.08 °C/s
g. 16MnCr5 : 300
700V = 5.26 °C/s
5.
h. 21CrMoV5-7 : VCT = 266.66 °C/s
i. 16MnCr5 : VCT = 133.33 °C/s
6. La nuance 16MnCr5 à une trempabilité meilleure que celle de la nuance 21CrMoV5-7
parce que la première à une vitesse critique de trempe plus lente
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TD N°1 : Cristallographie
Exercice N°1:
1. Système cristallin : a = b = c et α = β = γ = 90° donc système CUBIQUE.
Réseau de Bravais : Atomes uniquement situés aux sommets de la maille donc Réseau
cubique simple.
Compacité : les atomes se touchant le long des arêtes du cube, leur rayon R est égal à a/2.
Il y a 1 atome en propre (8 x 1/8 = 1) appartenant à la maille.
Volume des atomes en propre :
Volume de la maille :
Compacité
2. Le site est défini par les 8 atomes qui l’entourent. Ces atomes étant aux sommets d’un
cube, le site est donc CUBIQUE.
Il appartient en totalité à la maille et il n’y en a aucun autre du même type sur les faces ou les
arêtes de la maille. Il y a donc 1 site cubique en propre par maille.
3. Le diamètre d = 2r de l’atome qui peut se loger dans le site cubique est égal à :
Le rayon r du site est donc égal à :
4. Puisque l’atome en insertion dans le site cubique aura un diamètre égal à 0,732 fois le
diamètre des atomes de polonium, ce sera un atome d’un élément autre que le
polonium. Le réseau de Bravais étant défini avec des atomes de même nature (ceux de
polonium), le réseau reste donc CUBIQUE SIMPLE
5. [-2 -1 2]
6.
7. La maille plane élémentaire du plan est représentée ci-dessous.
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Elle contient 1 atome en propre et sa surface est égale à :
Après simplification, on obtient :
La densité surfacique est donc égale à
Masse des atomes en propre de la maille (1 seul) : M = APo/NA
Volume de la maille : V = a3
8. Masse volumique théorique : ρ = M/V = APo/(a3
.NA)= 9,20 g/cm3
Exercice N°3:
1- 2-
Exercice N°4:
1- On a 4.r = a 2
2. d = a 2 a = d.2
2 a = 2 d
A.N : a= 2 0,2492
a= 0,352 nm =0,352 10-9 m a = 3.52 Ǻ
2- mNi = 58,71 g/mole
(210)
X
[011]
(100)
(110)
(111)
Y
Z Z
[100]
[111]
]111[
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Ni =V
mn Ni
Avec n = (81/8) + (61/2) = 4 atomes/maille élémentaire et V = a3
3723 )35210,0(02210,6
71,584
Ni
Ni = 8,941 g/cm 3
Exercice N°5:
1-
2-
4
2
aRa
Pour calculer le rayon atomique Ra, on doit trouver la valeur du paramètre de la maille « a »
pour cela, on va utiliser l’expression de la masse volumique.
V
m , or
3aV 3
ma
NA
Mm Cu
4 3
4
NA
Ma Cu
AN. : 323
3
89201002.6
105.634
a ≈ 361 Pm
4
2361aR ≈ 127 Pm
Plan dense
Maille cubique à faces centrées du cuivre a
Atome de cuivre
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3-
3-a-
On sait que : AgCu RRa 22
2
2 AgCu RRa
AN. :
2
1441272 a = 383 Pm.
Soit une augmentation d’à peu prêt 6% par rapport à la maille du cuivre pure
3-b-
Le nombre des atomes de cuivre en propre dans la maille est : 216 = 3.
D’où: 3)(
3
advCu
AN :
8
31034.5
)383(
3 Cudv at/Pm3
Cu Ag Ag
2a
Maille cubique à faces centrées de l’alliage cuivre-argent
a'
Atome d’argent
Atome de cuivre
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3-c-
Le nombre des atomes d’argent en propre dans la maille est : 818 = 1.
D’où : 3)(
1
advAg
AN :
8
31078.1
)383(
1 Agdv at/Pm3
3-d-
Une maille de cet alliage contient l’équivalent de trois atomes de cuivre et d’un atome
d’argent. La masse volumique est calculée ainsi : V
m
3aV
NA
MMm
AgCu
13
313
aNA
MM AgCu
AN. :
75.8825103831002.6
101081105.63331223
33
Kg/m3
Soit une diminution d’à peu prêt 1% par rapport à la masse volumique du cuivre pure
Exercice N°6:
1- Le pourcentage de volume occupé par les atomes, c.à.d. la compacité.
maille
matière
V
Vcompacité
Vmatière : c’est le volume des atomes en propre dans la maille
Vmaille : c’est le volume total de la maille
Pour le cuivre (structure CFC).
On a raar2
42.4
Or il y a 4 atomes en propre par maille élémentaire
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%7474,0
)2
4(
3
44
3
44
33
3
3
3
Compacité
r
r
a
r
Compacité
Pour le magnésium (structure H.C).
La surface de base est la plus chargé.
Nombre d’atomes/maille élémentaire.
63)2
12()
6
112( n
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%7474,0.823,4
.3
46
.23,4.63,12
33
2
333
233
24
.3)2
(6
.3
46
3
3
32
2
)(
22
2
)(
)(
3
r
r
Compacité
aaaV
aa
aSa
hha
a
haah
S
cSV
rV
total
base
base
basetotal
occupé
2- Masse volumique:
N
mnV
VN
mn, avec N le nombre d’Avogadro
Pour le cuivre
maaV
mcmV
103
329323
23
10.61,3
10.71,410.71,496,810.022,6
54,634
Pour le magnésium
maaV
mcmV
103
328322
23
10.2,323,4
10.39,110.39,174,110.022,6
32,246
Exercice N°7:
Données : r(Fer c.c) = 0,124 nm.; r(Fer c.f.c) = 0,127 nm et MFe = 55,85 g/mole.
1- Structure CC on a :
3293933 10.34,2)10.124,03
4()
3
4(
3
434
mVVrVaV
raar
Pour la structure CFC on a :
329
3293933
10.29,2
10.63,4)10.127,03
4()
2
4(
2
424
mV
mVVrVaV
raar
avec c = 1,63.a
Or a = 2r
a = 3,61Ǻ
a = 3,2 Ǻ or c = 1,63 a c = 5,21 Ǻ
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2- masse volumique: VN
mn Fe
ρFer(CC) = 7,92g/cm3.
ρFer(CFC) = 8,01g/cm
Exercice N°8:
Données: rc = 0,062 nm et rFe = 0.127 nm.
On a : a = 2.(Rsite + rFer)
Rsite = (a/2)- rFer
052,0
2
22)22(
).24(2.4
site
FesiteFeFesite
R
rRrrR
raar
On a Rsite rc, si l’atome de carbone est inséré dans la maille, il provoque alors un défaut
cristallin.
(C.F.C)
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TD N°2 : Essais mécaniques
Exercice N°2:
1. Module d’Young E de l’inox 304.
Sous la force F1, l’éprouvette est en régime de déformation élastique.
Allongement élastique : εél = ΔL/L0 = (0,141/150) = 9,4x10-4
Contrainte : σél = 4F1/πD02 = 178,3 MPa
Module d’Young : E = σél / εél = 189,6 GPa == 190 GPa
2. Coefficient de Poisson ν de l’inox 304
Contraction relative élastique radiale : εr = ΔD/D0 = - (2,81x10-3/10) = - 2,81x10-4
Coefficient de Poisson : ν = - εr /εél = - (2,81/9,4) = 0, 2989 ≅ 0,30
3. Module de Coulomb G de l’inox 304.
Relation entre E, G et ν : G = E/[2(1 + ν)]
G = 190/[2(1 + 0,3)] = 73,08 ≅ 73 GPa
4. Limite conventionnelle d’élasticité Re0,2 de l’inox 304.
La limite conventionnelle d’élasticité Re0,2 correspond à la force F2, puisque l’éprouvette se
retrouve déformée plastiquement de 0,2 % quand F2 est supprimée.
Re0,2 = 4F2/πD02
= 260 MPa
5. Résistance à la traction Rm de l’inox 304.
Par définition, la résistance à la traction Rm correspond à la force maximale Fmax puisque
atteinte durant l’essai de traction
Rm = 4Fmax/πD02
= 585 MPa
6. Allongement permanent A après rupture de l’inox 304.
L’allongement permanent A après rupture est donné par la relation suivante :
A = (εt – εélu)
où : εt = allongement total juste avant la rupture = (223,5 -150)/150 = 0,49 = 49 %
εélu = retour élastique après la rupture = σu/E
εél = σu/E = (4Fu/πD02
)/E = 2,107x10-3
= 0,21 %
Donc: A = (εt – εél) = 49 – 0,21 = 48,79 %
7. Énergie élastique wél emmagasinée dans le volume de référence de l’éprouvette
juste avant sa rupture.
L’énergie élastique Wél, emmagasinée par unité de volume du matériau à l’instant de la
rupture, est donnée par la relation : Wél = ½ σuεélu = ½ σu2
/E
L’énergie élastique wél, emmagasinée dans le volume de référence Vde l’éprouvette est égale
à : wél = (½σuεélu)V = (½σu2
/E)(L0πD02
/4)
Avec les valeurs trouvées ci-dessus pour E, εélu et σu, on obtient ainsi: wél = 4,96 J
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Exercice N°3:
1. E=208 GPa
2. Re= 354 MPa
3. Re0.2 = 442 MPa
4. Rm= 778 MPa
5. A= 23,6 %
6.
Exercice N°7:
1. L’acier qui requiert le plus d’énergie pour être rompu au cours d’un essai de résilience
Charpy est celui qui est le plus tenace : B
2. Si l’on estime semi-quantitativement la ténacité en utilisant l’aire sous la courbe de
traction, on en déduit que l’acier B aura un allongement final à la rupture plus élevé
que l’acier A, car il présente une limite conventionnelle d’élasticité et une résistance à
la traction légèrement plus faible que celles de l’acier A. Par conséquent, sa ductilité,
caractérisée par l’allongement final à la rupture A (%), sera plus élevée. B
Exercice N°8 :
Données : d = 2,5 mm ; L = 3 m ; M = 500 Kg ; E = 210 GPa.
On a F = M.g et = E. or 0S
F donc
Ed
gM
.
..42
A-N : 0047.010.1,2)5,2(
81,9500452
0
0
lll
l
A-N : mml 1,1410.30047,0 3
Exercice N°9 :
Données : Rm = 300 MPa ; Z (%) = 77.
On a : 0S
FRet
S
Fmr
= 0,47 %
mml 1,14
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0
0
S
S
S
F
S
F
R
r
m
Or
Exercice N°10 :
1- Données : Éprouvette en alliage Cuivre-Nickel avec d = 12,5 mm et l0= 50 mm.
a) Courbe = f (), voir (fig.1).
Contrainte conventionnelle [MPa] Déformation (%)
40,74
122,23
211,86
285,20
396,66
321,87
0,03
0,009
1
2,6
14
37,4
b)
Module d’Young E.
La courbe représente une zone élastique ou on à = E. (Loi de Hooke).
Or E : pente de (OA)
E = GPa 21001,0
86,211 .
Limite élastique conventionnelle R0,2
R0,2 = 220 MPa.
La résistance à la rupture Rm.
Rm = 396,66 MPa.
La déformation à la rupture R.
R = 36 %
2- La courbe conventionnelle représente la variation de = 0S
F(F : charge ; S0 : section
initiale) en fonction de la déformation conventionnelle0l
l .
La courbe rationnelle de traction représente l'évolution de la contrainte réelle (vrai)
S
Fr (F : charge ; S : section instantanée) en fonction de la déformation rationnelle
r = ln (1 + ).
3- La courbe rationnelle r = f(r), avec r = (1 +) et r = ln (1 +). Voir (Fig.1).
Nr 130477,01
300
A-N r 1304 N
Z
RZ
RZ
S
S
S
S
S
SSZ m
r
r
m
1111
000
0
ISET Nabeul, Département de Génie Mécanique TD Caractérisation des matériaux
TLILI A. 19
Contrainte réelle r[MPa] Déformation r (%)
40,75
122,34
213,97
292,61
452,19
442,25
0,029
0,089
0,99
2,56
13,1
31,77
La déformation rationnelle est utile pour montrer la différence avec la déformation
conventionnelle. En effet les courbes montrent que cette différence devient notable au
niveau du domaine plastique.
ISET Nabeul, Département de Génie Mécanique TD Caractérisation des matériaux
TLILI A. 20
TD N°3 : Désignation
Exercice 1:
1-
X5 Cr Ni Mo 17-12 : c’est un acier fortement allié à 0,5% C + 17% Cr + 12% Ni +
quelques traces de Mo.
42 Cr Mo 4: c’est un acier faiblement allié à 0,42% C + 1% Cr + quelques traces de
Mo.
E 335: c’est un acier de construction mécanique ayant Re = 335 MPa.
S 275: c’est un acier d’usage général ayant Re = 275 MPa.
EN-GJS-600-3 : c’est une fonte à graphite sphéroïdal ayant Rr = 600 MPa
et A% = 3%.
EN-GJMB-500-5: c’est une fonte malléable à coeur noir ayant Rr = 500 MPa
et A % = 5%.
EN-GJL 250: c’est une fonte à graphite lamellaire dont Rr = 250 MPa.
2- La désignation normalisée de la fonte est EN-GJMW-700-2
3- Les aciers de la question 1/ sont hypoeutectoïdes.
4- Compléter les informations manquantes du tableau suivant.
Designation %C %Cr %Mo %Ni %Si %Ti Type du matériau
36 Cr Ni 3-1 0,36 0,75 0,25 Acier faiblement allié
6 Si 4 0,6 1 Acier faiblement allié
25 Mo Cr 20-4 0,25 1 2 Acier faiblement allié
EN-GJL 200 Fonte à graphite
lamellaire
16 Cr Ni 6 0,16 1,5 Acier faiblement allié
C 45 0,45 Acier non allié
X6 Cr Ni Mo Ti 17-12 0,6 17 12 Acier fortement allié