Sistem Bilangan
-
Upload
ong-lukman -
Category
Education
-
view
478 -
download
4
Transcript of Sistem Bilangan
RIL (R)
RASIONAL (Q)
PECAHANBULAT (J)
IRRASIONAL (I)
DESIMAL TERBATAS
NEGATIF
DESIMAL BERULANG
CACAH (W)
NOL ASLI (N)
1.1.1 BILANGAN RIL
1.1 SISTEM BILANGAN RIL
Himpunan Bilangan Asli (N)N = { 1, 2, 3, … }
Himpunan Bilangan cacah (W)W = { 0, 1, 2, 3, … }
Himpunan Bilangan Bulat (J)J = { … , -3, -2, -1, 0, 1, 2, 3, … }
Himpunan bilangan rasional (Q)
Himpunan bilangan rasional adalah himpunan bilangan yang mempunyai bentuk p/q atau bilangan yang dapat ditulis dalam bentuk p/q, dimana p dan q adalah anggota bilangan bulat dan q 0
Contoh 1.1
Buktikan bahwa bilangan-bilangan 3, (4,7) dan (2,5858…) adalah bilangan-bilangan rasional!Bukti:a) Bilangan 3 dapat ditulis dalam bentuk p/q yaitu 3/1 atau 6/2 dan seterusnya.b) Bilangan 4,7 dapat ditulis dalam bentuk 47/10c) Bilangan 2,5858… dapat ditulis dalam bentuk p/q dengan cara, x = 2,5858…
100 x = 258,5858… 99 x = 256
x = 256/99
Latihan
Buktikan bahwa bilangan 2,342121212121… adalahbilangan rasional!
Penyelesaian
x = 2,342121212121
100 x = 234,2121212121 10000 x = 23421,21212121
10000 x = 23421,2121212121 …
100 x = 234,2121212121 …
9900 x = 23187
x = 23187/9900
Jadi bilangan 2,3421212121212121 … = 23187/9900
1.1.2 GARIS BILANGAN RIL
Garis bilangan ril adalah tempat kedudukan titik-titik.Setiap titik menunjukkan satu bilangan ril tertentu yang tersusun secara terurut.
-3 -2 -1 0 1,5 2,5
1.1.3 HUKUM-HUKUM BILANGAN RIL
Jika a dan b adalah dua bilangan ril maka berlaku: (i) a + b adalah bilangan ril (ii) a . b adalah bilangan ril(iii) a + b = b + a Hukum Komutatif Penjumlahan(iv) a . b = b . a Hukum komutatif Perkalian
Jika a, b, dan c adalah tiga bilangan ril maka berlaku:
(v) (a + b) + c = a + (b + c) adalah bilangan ril
(vi) (ab)c = a (bc) adalah bilangan ril
(vii) a(b + c) = ab + ac Hukum Komutatif Penjumlahan
(viii) a + 0 = 0 + a Hukum Penjumlahan Nol
(ix) a . 1 = 1 . a = a Hukum Perkalian Satu
(x) a.0 = 0.a = 0 Hukum Perkalian Nol
(xi) a + (-a) = -a + a Hukum Invers Penjumlahan
(xii) a (1/a) = 1 , a 1 Hukum Invers Perkalian
1.2 BILANGAN KOMPLEKS
Bentuk umum z = a + iba dan b adalah bilangan rila merupakan bagian ril dari bilangan kompleks, ditulis Re(z)b merupakan bagian imajiner dari bilangan kompleks , ditulis Im(z)
i3 = i2 . i = -i i4 = i2 . i2 = (-1)(-1) = 1
i 2=.2= 1-2-
i merupakan bilangan imajiner = -1
1.2.1 SIFAT-SIFAT BILANGAN KOMPLEKSS
Misal z1 = x1 + iy1 dan z2 = x2 + iy2, maka berlaku:
a) z1 = z2 x1 = x2 dan y1 = y2 sifat kesamaan
1.2.2 KONJUGAT
Jika z = x + iy,
Jika z = x - iy,
Maka = x + iy z
b) z1 + z2 = (x1 + x2) + i(y1 + y2) sifat penjumlahan
c) z1 - z2 = (x1 + x2) + i(y1 - y2) sifat pengurangan
d) z1 . z2 = (x1 x2- y1 y2) + i(x1 y2 – x2y1) sifat perkalian
maka konjugat dari z (ditulis ) adalah = x – iy zz
1.2.3 PERKALIAN BILANGAN KOMPLEKS DENGAN KONJUGATNYAiy)-iy)(x+(x= z z 222 yi-ixy+ixy-x= 22 y+x=1.2.4 PEMBAGIAN DUA BUAH BILANGAN KOMPLEKS
x1 + iy1 z2
z2
z1
z2
z1
z2= =
x2 + iy2
x2 - iy2
x2 - iy2
x1 x2 + ix1y2+ ix2y1 – i2y1y2
x22
– i2y22
x1 x2 +y1y2
x22
+ y22
x1y2+ x2y1
x22
+y22
+ i
=
=
Contoh 1.2
z1 = – 5 + 7i z2 = 3 – 2iDiketahui
Tentukana) z1 + z2
b) z1 – z2
c) z1 . z2
d) z1 /z2
e) z1.f) z2.
z2
z1
Penyelesaiana) z1 + z2 =
b) z1 – z2 = (– 5 + 7i) – (3 – 2i) = –5 +7i –3+2i)= –8 + 9i
c) z1 . z2 = (– 5 + 7i)(3 – 2i) = –15 + 10i + 21i – 14i2= – 1 + 31i
(3 – 2i) (– 5 + 7i) + –2 + 5i =(–5 + 3) + (7i –2i) =
x1 x2 +y1y2
x22
+ y22
x1y2+ x2y1
x22
+y22
+ iz1 z2
d) =
(– 5)(3)+(7)(– 2)
32 + (– 2)2
(7)(3) – (– 5)(– 2) + i32
+ (– 2)2
–29 13
+ i1113
=
=
e) z1 . z2
f) z1 . z2
= (–5 + 7i)(3 + 2i)
–15=
–29 + 11i=
= (-5 - 7i)(3 - 2i)= – 5(3) – 5(– 2i) – 7i(3) –7i(–2i)
= – 15 + 10i – 21i + 14i2 = –15 – 11i –14 = –29 – 11i
–10i + 21i + 14i2= –15 – 10i + 21i – 14
1.3 PERTIDAKSAMAAN
Pertidaksamaan adalah pernyataan yang mengandung <, >, , atau
Pertidaksamaan terdiri dari pertidaksamaan linier dan non-linier
1.3.1 Sifat-sifat
(i) Jika a > b dan b > c, maka a > c
(ii) Jika a > b, maka a + c > b + c
(iii) Jika a > b, maka a – c > b – c
(iv) Jika a > b, dan c adalah bilangan positif, maka ac > bc
(v) Jika a > b, dan c adalah bilangan negatif maka ac < bc
Analog dengan (i) s.d. (v),
(vi) Jika a > b dan b > c, maka a > c
(viii) Jika a > b, maka a – c > b – c
(vii) Jika a > b, maka a + c > b + c
(ix) Jika a < b, dan c adalah bilangan positif, maka ac > bc
(x) Jika a < b, dan c adalah bilangan negatif, maka ac < bc
Sifat-sifat lainnya
(xi) ac > 0, jika a > 0 dan c > 0 atau jika a < 0 dan c < 0
(xii) ac < 0, jika a < 0 dan c > 0 atau jika a > 0 dan c < 0
(xiii) a/c > 0, jika a > 0 dan c > 0 atau jika a < 0 dan c <0
(xiii) a/c < 0, jika a < 0 dan c > 0 atau jika a > 0 dan c <0
(xv) Jika a > b, maka – a < – b
(xvi) Jika 1/a < 1/b, maka a > b
(xvi) Jika a < b < c, maka b > a dan b < c (bentuk komposit)
(xvii) Jika a>b>c, maka b , a atau b > c (bentuk komposit)
1.3.2 Selang (interval)
Selang adalah himpunan bagian dari bilangan ril yang mempunyai sifat-sifat relasi tertentu
Jika batas-batasnya merupakan bilangan ril, maka disebut selang hingga.
Jika batas-batasnya bukan bilangan ril, maka disebut selang tak-hingga.
Lambang menyatakan membesar tanpa batas.Lambang – menyatakan mengecil tanpa batas.
Berikut diberikan contoh-contoh selang
( a
) b
( a
) b
[ a
] b
( a
) b
[ a
] b
[ a
) b
( a
) b
[ a
] b
[ a
) b
( a
] b
[ a
[ a
[ a
[ a
[ a
) b
[ a
[ a
) b
] b
[ a
[ a
) b
] b
1.3.3 Pertidaksamaan linier satu peubah
Bentuk umumax + b (?) 0
a dan b adalah bilangan ril
(?) adalah salah satu dari <, >, , atau
Contoh 1.5
Selesaikan pertidaksamaan 7x + 9 < –5
Penyelesaian
7x+9<–5 semua ruas dikurang sembilan 7x + 9 –9 < –5 –9
7x < –14 x < –2
Himpunan penyelesaian {x|x< –2}
Selang terbuka
)-2
Untuk kesederhanaan, penyelesaian pertidaksamaan linier satupeubah dapat diselesaikan dengan cara mengelompokkan peubah pada salah satu ruas dan mengelompokkan konstan pada ruas lainnya.
Ingat, setiap memindahkan suku pada ruas yang berbeda tandanya akan berubah!
Contoh 1.7 Tentukan himpunan penyelesaian dari pertidaksamaan 3x – 2 8 + 5xPenyelesaian 3x – 2 8 + 5x Pidahkan 5x ke ruas kiri dan -2 ke ruas kanan 3x – 5x 8 + 2 Kelompokkan peubah x pada ruas kiri dan kelompokkan konstan pada ruas kanan. – 2x 10(– 1/2)(– 2x) (10)(– 1/2) Jika mengalikan setiap ruas dengan
bilangan negatif maka tanda pertidaksamaan harus dibalik
(sifat pertidaksamaan xv)x – 5
Himpunan penyelesaian {x|x – 5} ]–5
Selang terbuka
Contoh 1.8Tentukan himpunan penyelesaian dari pertidaksamaan
4 – 2x 5
4 < < 2x – 1
Penyelesaian4 – 2x 5
4 < < 2x – 1 kalikan semua ruas dengan 5
4 – 2x 5
4(5) < (5) < (2x – 1)(5)
20 < 4 – 2x < 10x – 5 dipecah menjadi dua bagian, yaitu
4 – 2x > 20 dan 4 – 2x < 10x – 5 (sifat pertidaksamaan xvii)
4 – 2x > 20 2x – 4 < –20 2x < 4 – 20 x < –8
4 – 2x < 10x – 5 –2x –10x < –5 – 4 – 12x < –9 12x > 9 x > 3/4
Jadi himpunan penyelesaiannya adalah {x|x , -8 atau x > 3/4} (3/4
) – 8
Selang terbuka
1.3.4 Nilai Mutlak
Nilai mutlak dari x dinyatakan dengan |x|
Definisi
|x|= x jika x 0–x jika x < 0
Teorema-teorema
Jika a dan b adalah bilangan ril, maka
(i) |x| < a –a < x < a
(ii) |x| > a x > a atau x < –a
(iii) |x| a –a x a
(iv) |x| a x a atau x –a
(v) |x| = a x = a atau x = –a
(vi) |ab| = |a||b|
Bukti
|ab|=(ab)2 a2 b2= a2 = b2 = |a||b| (terbukti)
(vii) ab
= ab , b 0.
Bukti ab
ab = a
b
2 ab
2
2=ab
2
2= = (terbukti)
segitiga) maan(ketidaksa b+a≤b+a )viii( ( ) 222222 )b+a(=b+ba2+a≤b+ab2+a=b+ab+a=b+a=}b+a{)b+a( 22 ≤ (terbukti)
(ix) |a – b||a|+|b|
Bukti |a – b|=|a +(–b)| |a|+|b| (terbukti)
(x) |a|– |b| |a – b| Bukti |a|=|(a – b)+b||a – b|+|b|
Jika setiap suku dikurang dengan |b|, maka |a| – |b| |a – b| (terbukti)
Contoh 1.9
Selsaikan pertidaksamaan |x – 5| 4, gambarkan garis bilangan dan selangnya!
Penyelesaian
|x – 5| 4 –4 x – 5 4 (teorema iii)
Dengan memperhatikan sifat pertidaksamaan xvii, maka kitadapatkan dua buah pertidaksamaan, yaitu x – 5 – 4 x – 5 4
dan
Selanjutnya selesaikan satu per satu pertidaksamaan tersebut!
x – 5 – 4 x – 4 + 5 x 1x – 5 4 x 4 + 5 x 9
Jadi himpunan penyelesaian pertidaksamaan adalah {x|1 x 9}
[1
]9
Selang tertutup
Contoh 1.10Selesaikan pertidaksamaan |x – 7| > 3, gambarkan garis bilangan dan selangnya!Penyelesaian |x – 7| > 3 –3 > x – 7 > 3 (teorema iii)Dengan memperhatikan sifat pertidaksaman xviii, kita dapatkan dua buah pertidaksamaan, yaitu x – 7 < –3 x – 7 > 3dan
x – 7 < –3
x – 7 > 3
Jadi himpunan penyelesaian pertidaksamaan adalah {x|x < 4 atau x > 10}
)4
(10
Selang terbuka
x < 4x < –3 + 7
x > 10x > 3 + 7
1.3.5 Pertidaksamaan linier dua peubah
Bentuk umum ax + by + c (?) 0
a, b, dan c adalah bilangan-bilangan ril(?) adalah salah satu , , , atau
Algoritma1. Ganti tanda pertidaksamaan dengan tanda sama dengan.
Ingat! Garis yang digambar membagi bidang menjadi dua bagian.
2. Jika pertidaksamaan menggunakan tanda atau , berarti garis tersebut termasuk bidang yang akan digambarkan.
3. Jika pertidaksamaan menggunakan tanda< atau >, berarti garis tersebut tidak termasuk bidang yang akan digambarkan.
4. Pilih salah satu titik koordinat pada salah satu bidang dansubstitusikan pada pertidaksamaan. Jika menghasilkan pernyataan yang benar, maka bidang tsbmerupakan bidang yang dimaksud.
Contoh 1.11
Gambarkan grafik pertidaksamaan 3x – 2y 8PenyelesaianLangkah 1. Ganti tanda pertidaksamaan menjadi tanda sama dengan.
3x – 2y 8 3x – 2y= 8
3x – 2y = 8 –2y = –3x + 8 y = (–3/–2)x + 8/–2
y = 3/2 x – 4
0,0
y
x
(0, –4)
(8/3, 0)
Langkah 2 Gambarkan grafik
y = 3/2 x – 4x y
0 –4 8/3 0
0,0
y
x
(0, –4)
y = 3/2 x – 8
(8/3, 0)
0,0
y
x
(0, –8)
y = 3/2 x – 8
Langkah 3 Pilih titik koordinat (0,0)
(8/3, 0)
0,0
y
x
(0, –8)
y = 3/2 x – 8
(8/3, 0)
Langkah 4 Substitusi titik koordinat (0,0)ke dalam pertidaksamaan
3x – 2y 83(0) – 2(0) 8
0 8
(0, –8)
y = 3/2 x – 8
Langkah 5 Warnai/Arsir bidang yang memenuhi
0,0
y
x(8/3, 0)
TIPS
Bidang disebelah kanan garis merupakan daerah >
Bidang disebelah kiri garis merupakan daerah <
TIPS
x
y
TIPS
L e b i h
k e c i
l
x0,0
y
L e b i h
b e s a
r
TIPS
L e b i h k e c i l
x
y
L e b i h b e s a r0,0
1.3.6. SISTEM PERTIDAKSAMAAN LINIER
Sistem pertidaksamaan linier sistem yang terdiri dari lebih dari satu pertidaksamaan linier
Contoh 1.13Gambarkan grafik pertidaksamaan 2y + 3x < 5 dan x – y –3 Penyelesaian
Langkah 1 Ganti Pertidaksamaan menjadi persamaan2y + 3x = 5x – y = –3
Langkah 1 Ganti Pertidaksamaan menjadi persamaan 2y + 3x = 5 x – y = –3
Langkah 2 Gambarkan grafik persamaan
Langkah 3 Arsir atau warnai daerah yang memenuhi
(0,0)
y
x
(0,0)
y
x
2y + 3x = 5
(0,0)
y
x
2y + 3x = 5
(0,0)
y
x
2y + 3x = 5x – y = –3
(0,0)
y
x
x
y
(0,0)
x – y = –3 2y + 3x = 5
1.3.7 PERTIDAKSAMAAN KUADRAT
Bentuk umum a2x + bx + c (?) 0
a, b, dan c adalah bilangan-bilangan rila 0(?) adalah salah satu , , , atau
Contoh 1.15Selesaikan pertidaksamaan x2 – 7x + 12 > 0Penyelesaian
Langkah 1 Faktorkan pertidaksamaan (x – 4)(x – 3) > 0Didapat titik-titik kritis 4 dan 3
Langkah 2 Gambarkan grafik pertidaksamaan
Langkah 1 Faktorkan pertidaksamaan (x – 4)(x – 3) > 0Didapat titik-titik kritis 4 dan 3
3 4
Langkah 2 Gambarkan grafik pertidaksamaan
Langkah 1 Faktorkan pertidaksamaan (x – 4)(x – 3) > 0Didapat titik-titik kritis 4 dan 3
Langkah 2 Gambarkan grafik pertidaksamaan
x – 4 : – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + +
) (3 4
Langkah 1 Faktorkan pertidaksamaan (x – 4)(x – 3) > 0Didapat titik-titik kritis 4 dan 3
Langkah 2 Gambarkan grafik pertidaksamaan
x – 4 : – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + +x – 3 : – – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + +
) (3 4
Langkah 1 Faktorkan pertidaksamaan (x – 4)(x – 3) > 0Didapat titik-titik kritis 4 dan 3
Langkah 2 Gambarkan grafik pertidaksamaan
x – 4 : – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + +x – 3 : – – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + +(x – 4)(x – 3) : + + + + + + 0 – – – – – – – – – 0 + + + + + +
) (3 4
Langkah 1 Faktorkan pertidaksamaan (x – 4)(x – 3) > 0Didapat titik-titik kritis 4 dan 3
Langkah 2 Gambarkan grafik pertidaksamaan
x – 4 : – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + +x – 3 : – – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + +(x – 4)(x – 3) : + + + + + + 0 – – – – – – – – – 0 + + + + + +
) (3 4
Daerah yang memenuhi pertidaksamaan adalahX < 3 atau x > 4
Contoh 1.16
Tentukan himpunan penyelesaian dari pertidaksamaan
10x – 2
2(x + 2)
Penyelesaian 10x – 2
2(x + 2)
10x – 2
2(x2 – 4) x – 2
2x2 – 18 x – 2
0
Titik-titik kritis –3, 2, 3
10x – 2
2(x + 2)(x – 2) x – 2
10x – 2
2x2 – 8 x – 2
2x2 – 8 – 10 x – 2 0
2(x2 – 9) x – 2
0 2(x–3)(x+3) x – 2
0
Grafik pertidaksamaan
–3 2 3
Grafik pertidaksamaan
x – 3 :
–3 2 3
Grafik pertidaksamaan
x – 3 : – – – – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + +
–3 2 3
Grafik pertidaksamaan
x – 3 : – – – – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + x + 3 : – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + + + +
–3 2 3
Grafik pertidaksamaan
x – 3 : – – – – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + x + 3 : – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + + + + x – 2 : – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + + + + + + +
–3 2 3
Grafik pertidaksamaan
x – 3 : – – – – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + x + 3 : – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + + + + x – 2 : – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + + + + + + +
:
–3 2 3
2(x–3)(x+3)x – 2
– – – – – –0 + + + + + + (–) – – – – 0 + + + +
Grafik pertidaksamaan
x – 3 : – – – – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + x + 3 : – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + + + + x – 2 : – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + + + + + + +
:
[ ) [ –3 2 3
2(x–3)(x+3)x – 2
– – – – – –0 + + + + + + (–) – – – – 0 + + + +
Grafik pertidaksamaan
x – 3 : – – – – – – – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + x + 3 : – – – – – 0 + + + + + + + + + + + + + + + + + + x – 2 : – – – – – – – – – – – – – 0 + + + + + + + + + + +
:
[ ) [ –3 2 3
2(x–3)(x+3)x – 2
– – – – – –0 + + + + + + (–) – – – – 0 + + + +
Grafik pertidaksamaan
Himpunan penyelesaian {x|–3 x < 2 atau x 3}
1.4 KOORDINAT KARTESIUS
x
y
O
Menggambar titik koordinat (3,–4 )
x
y
O
A (3, –4)
Kuadran-kuadran
x
y
O
Kuadran I (+, +)
Kuadran II (–, +)
Kuadran III (–, –)
Kuadran IV (+, –)
1.5 PERTAMBAHAN DAN JARAKJika sebuah partikel bergerak dari suatu titik P1(x1 , y1) ke titik P2(x2 , y2) maka dikatakan bahwa koordinat partikel tersebut mengalami pertambahan sebesar x dan y.
Sebagai contoh, suatu partikel bergerak dari titik A( 2,-3 ) ke B(-3 ,1) (lihat Gambar 1.21).
X = Xtitik akhir – Xtitik awal
y = ytitik akhir – ytitik awal
Secara umum x dan y ditentukan dengan rumus
x
y
O
x
y
O
x
y
O
x
y
O
x
y
O
A (2,– 3)
x
y
O
A (2,– 3)
x
y
O
A (2,– 3)
x
y
O
A (2,– 3)
x
y
O
A (2,– 3)
B (– 3, 1)
x
y
O
A (2,– 3)
B (– 3, 1)
x
y
O
A (2,– 3)
B (– 3, 1)
x
x
y
O
A (2,– 3)
B (– 3, 1)
y
x
x
y
O
A (2,– 3)
B (– 3, 1)
y
x
Maka pertambahan nya adalah:
x
y
O
A (2,– 3)
B (– 3, 1)
y
x
X = Xtitik akhir – Xtitik awal = – 3 – 2 = – 5
y = ytitik akhir – ytitik awal = 1 – (– 3) = 4
1.5.1. Jarak antara dua buah titik
1.5.1. Jarak antara dua buah titik
x
y
O
P1 (x1, y1)
P2(x2, y2)
h
x
y
Jarak titik P1 P2 = h = 22 yΔ+xΔ
Contoh 1.17Tentukan jarak dari pasangan koordinat berikut :a) P1( –4, 3) dan P2(2, 1)b) P1( –2, –2) dan P2 (5, 1)a)x = 2 – (–4) = 6 x2 = 62 = 36
Penyelesaian
102=40=4+36=hy = 1 – 3 = – 2 y2 = (–2)2 = 4
b) x = 5 – (–2) = 7 x2 = 72 = 49
y = 1 – (–2) = 3 y2 = (3)2 = 9 58=9+49=h
1.5.2. Titik tengah
x
y
O
P1 (x1, y1)
P2(x2, y2)
M(x, y)
Koordinat titik tengah M(x, y) = x1 + x2
2
x1 + x2
2,
1.6 Kemiringan garis (m)
x
y
O
P1 (x1, y1)
P2(x2, y2)
l y
x
m =
yx
y2 – y1
x2 – x1 =
1.7 Garis sejajar
x
y
O
l1
l2
Kemiringan garis l1 = m1Kemiringan garis l2 = m2
garis l1 dan garis l2 adalah dua garis yang sejajar
jika m1 = m2
1.8 Garis tegak lurus
x
y
O
l1l2
Kemiringan garis l1 = m1Kemiringan garis l2 = m2garis l1 dan garis l2 adalah dua garis yang tegak lurusjika m1 . m2 = – 1